通过推送通知启动时调试应用

我目前正在开发一个接收推送通知的应用程序。我通过PHP页面使所有这些工作都100％进行。我的应用程序可以接收几种不同类型的推送通知。PHP会处理此问题，并将不同的信息包发送到我的应用程序，这些信息包都可以正常接收。

但是，当用户“查看”通知并启动我的应用程序时，我显然希望采取与用户手动启动应用程序不同的操作-最重要的是，根据推送通知类型采取不同的操作。从结构上讲，我的工作正常。

我的一种推送类型应该打开一个UIView，该UIView与多个不同的服务器建立多个连接并来回协商数据。例如，从主菜单触发时，此UIView可以正常工作-但是，当我的推送通知触发此UIView出现时，套接字连接无法按预期方式工作。

现在我的问题不是关于套接字的，而是更多-您如何调试这样的问题？据我所知（相对较新），当应用程序从推送通知启动时，无法将执行链接到调试器/控制台/等...我在尝试使用以下代码进行调试时遇到了非常困难的时间UIAlertViews，因为各种服务器之间有许多来回的通讯线路。

您对我的任何建议将不胜感激。

现在，在XCode <4.0（对于XCode> = 4，请参见下面的delirus回答）中，您可以配置Xcode在启动调试器后将其附加到应用程序，而不是通过调试器启动应用程序。这使您可以调试根据应用程序的启动状态而有所不同的内容，例如URL方案，粘贴板和推送通知。

1. 在Xcode中，在“源”栏中查找，在“目标”下方将有“可执行文件”。
2. 在可执行文件中调出应用程序的检查器。
3. 单击检查器中的“调试”选项卡。
4. 取消选中“启动调试器后启动可执行文件”
5. 选中“等待下一次启动/推送通知”

现在，当您从Xcode单击调试而不是启动应用程序时，将显示一个窗口，告诉您它正在等待应用程序启动。然后，您可以在手机上正常启动该应用，并将Xcode附加到该应用

对于Xcode 4，您必须：

1. 通过“方案”下拉菜单编辑您的活动方案。（⌘+ <）
2. 比选择您的产品-左侧的“运行MyApp.app”。
3. 选择右侧的“信息”标签。
4. 最后选择“等待MyApp.app启动”选项。

更多此节“自定义可执行的方案编辑器”。

编辑：
如果您错过了GDB中的日志，请参阅Louis Gerbarg 对他的回答的评论。

对于XCode 10、9、8、7和6：

1. 选择工具栏上的“方案 ”（位于调试设备的左侧）
2. 选择编辑方案
3. 在左侧面板中选择运行
4. 对于“ 启动”选项，选择“ 等待可执行文件启动”
5. 关闭方案编辑器并运行您的XCode项目

现在，您可以从通知，自定义网址或触摸应用程序图标启动时进行调试。

我不使用推送通知，所以我不知道推送通知的确切工作方式。但是，我尝试通过让程序的主方法假装发布通知来模仿推送通知的接收，或者在applicationDidFinishLaunching：方法中调用application：didFinishLaunchingWithOptions：UIApplicationDelegate方法。

HTH-大安干杯

在Xcode 6中：

1. 使用USB将iPhone连接到Macbook
2. 通过点击图标在iPhone上启动应用程序
3. 在Xcode的菜单，Debug> Attach to Process>选择您的应用程序

对于XCode 11和10，可以执行以下操作：

1. 选择方案选项。

2. 选择编辑方案。
   

3. 从左侧面板中选择“运行”选项

4. 在启动部分中，选择等待可执行文件启动，然后关闭对话框。
   

5. 生成并运行项目。现在，您可以通过点击应用程序图标或点击通知消息来启动该应用程序。