Django FileField：如何仅返回文件名（在模板中）

我的type模型中有一个字段FileField。这给了我一个type的对象File，它具有以下方法：

File.name：文件名，包括来自的相对路径 MEDIA_ROOT。

我想要的是类似“ .filename”的东西，它只会给我文件名而不是路径，例如：

{% for download in downloads %}
  <div class="download">
    <div class="title">{{download.file.filename}}</div>
  </div>
{% endfor %}

这会给像 myfile.jpg

django django-templates django-file-upload

— 约翰
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Answers:

163

在模型定义中：

import os

class File(models.Model):
    file = models.FileField()
    ...

    def filename(self):
        return os.path.basename(self.file.name)

— 路德维克·特拉默
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效果很好，但需要将参数作为self.file.name传递给基本名称。我认为它需要此，因为self.file是文件对象，而不是文件的字符串。

— 约翰，2010年

添加@property装饰器可以避免调用file.filename（），而仅可以使用

— file.filename

令人惊讶的是，该解决方案甚至可以与S3存储后端一起使用。

— Stan Redoute

这个对我有用。能否请您提供一些信息以解释其工作原理？

— xie186

@ user3327344您遇到什么问题？

— 路德维克·特拉默

您可以通过创建模板过滤器来做到这一点：

在myapp/templatetags/filename.py：

import os

from django import template


register = template.Library()

@register.filter
def filename(value):
    return os.path.basename(value.file.name)

然后在您的模板中：

{% load filename %}

{# ... #}

{% for download in downloads %}
  <div class="download">
      <div class="title">{{download.file|filename}}</div>
  </div>
{% endfor %}

— rz。
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这也是一个不错的方法。也许更便携一些？

— 本·基廷

当您编写过滤器时，它应该是{{download | filename}}

— EmilStenström2014年

不要忘记该__init__.py文件，以确保将templatetags目录视为Python包。

— shuckc '16

-1

您可以使用name属性从文件字段对象访问文件名。

class CsvJob(Models.model):

    file = models.FileField()

那么您可以使用来获取特定对象的文件名。

obj = CsvJob.objects.get()
obj.file.name property

— DeadDjangoDjoker
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访问obj.file.name返回媒体目录中的整个路径，例如，它返回tasks/132/foo.jpg而不是foo.jpg。

— shacker