如何在命名空间std中转发声明模板类？

#ifndef __TEST__
#define __TEST__

namespace std
{
    template<typename T>
    class list;
}

template<typename T>
void Pop(std::list<T> * l)
{
    while(!l->empty())
        l->pop();
}

#endif

并在我的主体中使用了该功能。我得到错误。当然，我知道还有更多的模板参数std::list（我认为分配器）。但是，这是没有意义的。我是否必须知道模板类的完整模板声明才能进行声明？

编辑：我以前没有使用过指针-这是一个参考。我将使用指针进行尝试。

问题不在于您不能向前声明模板类。是的，您确实需要了解所有模板参数及其默认值，才能正确转发声明它：

namespace std {
  template<class T, class Allocator = std::allocator<T>>
  class list;
}

但是namespace std标准明确禁止甚至进行这样的前向声明：唯一允许您放入的std是模板专门化，通常是std::less在用户定义的类型上。如有必要，其他人可以引用相关文本。

只是#include <list>，不用担心。

哦，顺便说一句，任何包含双下划线的名称都保留供实现使用，因此您应使用TEST_H代替__TEST__。它不会产生警告或错误，但是如果您的程序与实现定义的标识符发生冲突，则不能保证它会正确编译或运行：它格式错误。还禁止使用以下划线开头，大写字母开头的名称。通常，除非您知道要处理的是什么魔术，否则不要以下划线开头。

我解决了这个问题。

我正在为C ++（Eclipse Juno）的网络仿真实现OSI层（滑块窗口，级别2）。我有框架（模板<class T>）及其状态（状态模式，前向声明）。

解决方法如下：

在*.cpp文件中，您必须包含转发的Header文件，即

ifndef STATE_H_
#define STATE_H_
#include <stdlib.h>
#include "Frame.h"

template <class T>
class LinkFrame;

using namespace std;

template <class T>
class State {

  protected:
    LinkFrame<int> *myFrame;

}

其cpp：

#include "State.h"
#include "Frame.h"
#include  "LinkFrame.h"

template <class T>
bool State<T>::replace(Frame<T> *f){

还有...另一堂课。

前向声明应指定完整的模板参数列表。

您可以使用的替代方法很有限

标头：

class std_int_vector;

class A{
    std_int_vector* vector;
public:
    A();
    virtual ~A();
};

cpp：

#include "header.h"
#include <vector>
class std_int_vector: public std::vectror<int> {}

A::A() : vector(new std_int_vector()) {}
[...]

尚未在实际程序中进行测试，因此请期待它不是完美的。