访问模板中的登录用户

Question 1

我正在使用FOSuserbundle来开始用户注册https://github.com/FriendsOfSymfony/FOSUserBundle

我已经注册/登录和注销了。我现在想做的就是获取已登录的用户数据，并将其显示在我网站的每个页面上。就像事物的标题类型中的“ Hi用户名”一样。

似乎在我的app / Resources / views / base.html.twig中嵌入控制器是执行此操作的最佳方法http://symfony.com/doc/current/book/templating.html#embedding-controllers

因此，我编写了控制器来访问用户配置文件数据。我不知道如何在嵌入式控制器中访问FOS方法。因此，从我的Acme / UserBundle / Controller / UserController.php中，我想这样做：

public function showAction()
{
    $user = $this->container->get('security.context')->getToken()->getUser();
    if (!is_object($user) || !$user instanceof UserInterface) {
        throw new AccessDeniedException(
               'This user does not have access to this section.');
    }

    return $this->container->get('templating')
      ->renderResponse('FOSUserBundle:Profile:show.html.'.$this->container
      ->getParameter('fos_user.template.engine'), array('user' => $user));
}

我从中获取：供应商/捆绑/FOS/UserBundle/Controller/ProfileController.php

Question 2

您可以直接在树枝模板中访问用户数据，而无需在控制器中请求任何内容。可以这样访问用户：app.user。

现在，您可以访问用户的每个属性。例如，您可以访问用户名：app.user.username。

警告，如果用户未登录，则 app.user则为null。

如果要检查用户是否已登录，可以使用is_granted细枝功能。例如，如果您要检查用户是否拥有ROLE_ADMIN，则只需执行is_granted("ROLE_ADMIN")。

因此，您可以在每个页面中执行以下操作：

{% if is_granted("ROLE") %}
    Hi {{ app.user.username }}
{% endif %}

Question 3

对于symfony 2.6及更高版本，我们可以使用

{{ app.user.getFirstname() }}

作为应用程序安全不推荐使用Twig模板的全局变量，并将其从3.0中删除

更多信息：

http://symfony.com/blog/new-in-symfony-2-6-security-component-improvements

并在中查看全局变量

http://symfony.com/doc/current/reference/twig_reference.html

Question 4

{{ app 。用户。用户名 | 默认（'' ）}}

例如，仅提供当前的登录用户名，当用户不登录时，通过避免讨厌的错误消息，过滤器函数default（''）应该很好。